aoj2305:Beautiful Currency
解法
dp[i+1][j]:=先頭からi個まで変更し終わって、それら(先頭i個)はBeautifulになってて、末尾要素(変更後のa_iの値)がjであるときのコストの最小値、とする。1つめのパラメータは当然1からNまで見る。2つめのパラメータは1からKまで見ることにする。
配るdpをすることを考える。dp[i+1][j]から遷移する先は、dp[i+2][k](kはjの整数倍)である。このdpはO(N*K^2)に見える。各iごとにK/1+K/2+...+K/K=K(1/1+1/2+...+1/K)回程度の計算が必要になるが、1/1+1/2+...+1/K=O(logK)とかそんな感じになるので、実はK/1+K/2+...+K/K=O(KlogK)。全体でO(NKlogK)。
少し考えるとKは数列aの要素の最大値(10^5)の2倍程度にとっておけばとりあえず十分なので、K=2*10^5でやりました。
コード
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define int long long typedef vector<int>vint; typedef pair<int,int>pint; typedef vector<pint>vpint; #define rep(i,n) for(int i=0;i<(n);i++) #define reps(i,f,n) for(int i=(f);i<(n);i++) #define all(v) (v).begin(),(v).end() #define each(it,v) for(__typeof((v).begin()) it=(v).begin();it!=(v).end();it++) #define pb push_back #define mp make_pair #define fi first #define se second template<typename A,typename B>inline void chmin(A &a,B b){if(a>b)a=b;} template<typename A,typename B>inline void chmax(A &a,B b){if(a<b)a=b;} int N; int A[20]; double dp[2][200010]; signed main(){ cin>>N;rep(i,N)cin>>A[i]; fill_n(*dp,2*200010,1001001001); dp[0][1]=0; rep(i,N){ reps(j,1,200000+1){ for(int k=j;k<=200000;k+=j){ double tmp=(double)abs(A[i]-k)/A[i]; chmin(dp[(i+1)&1][k],max(dp[i&1][j],tmp)); } dp[i&1][j]=1001001001; } } double mi=1001001001; reps(j,1,200000+1)chmin(mi,dp[N&1][j]); printf("%.20f\n",mi); return 0; }